感觉好像要用到遍历，范围是1000
若可以无限反射，可知前提是内部可以形成一个环，话句话就是外部是进不来的
所以这样的光线是进不去这个环的，所以是不可能有无线反射的情况的
所以最多也就走10001000个点，这完全可以进行遍历，但是从哪个入口进去
但是一共有2000个入口，这样就不能遍历了
但是我们想一下，若一个点连续被走了两次，我们向前或者向后继续推，
我们可以发现路径唯一推出两个入口，这样10001000个点只可能被遍历两边
且这两边的入口与出口是对应的（这个入口是另一个的出口，这个出口是另一个的入口）
但是我们并不能求出哪俩个是对应的，所以还是要一一遍历
所以我们实际遍历的点为1000*1000，虽然入口那么多，但是实际遍历还是那么多
这里我们需要考虑一下实际的转换问题
“/”上转换左，左转换上，右转换下，下转换右
“\”上转换右，右转换上，下转换左，左转换下
我们将上下左右转为 1 2 3 4
“/”变为4 3 2 1（我们直接用5减）
“\”变为3 4 1 2（我们发现可以加2再%4）
这样就能都算出来啦，代码如下

#include<iostream>
using namespace std;
int dx[5]={0,-1,1,0,0},dy[5]={0,0,0,-1,1};// 1 2 3 4 上下左右
int res,n,m;
char g[1010][1010];
void dfs(int a,int b,int fx,int u)
{
    res=max(res,u);
    if(g[a][b]=='\\')
    {
        fx=(fx+2)%4;
        if(!fx)fx=4;
    }
    else
    {
        fx=5-fx;
    }
    int x=a+dx[fx],y=b+dy[fx];
    if(x>=1&&x<=n&&y>=1&&y<=m)dfs(x,y,fx,u+1);

}
int main()
{
    cin>>n>>m;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    for(int j=1;j<=m;j++)
    cin>>g[i][j];
    //枚举入口
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        dfs(i,1,4,1);//向右
        dfs(i,m,3,1);//向左
    }
    for(int i=1;i<=m;i++)
    {
        dfs(1,i,2,1);//向下
        dfs(n,i,1,1);//向上
    }
    cout<<res;

}