这题其实不难.

显然由w构成的最大子矩形不可能大于把它完全变为x后x构成的最大子矩形,其它字符也是同理的,也就是说,最大的子矩形一定由x,y,z中的某种字符构成.
我们可以枚举这三个字符,然后矩阵中的元素就只有两种了:可以变成当前这个字符(不妨记为1),不能变成当前这个字符(不妨记为0).
最终,问题转化为,求这个01矩阵中最大的只有1的子矩形.用单调栈可以在$O(nm)$的时间内求解(可以去第二章看看)
综上,问题在$O(nm)$的时间内解决.

/**********/省略快读
#define MAXN 1011
char str[MAXN][MAXN];
bool a[MAXN][MAXN];
ll up[MAXN][MAXN];
bool vaild(char cur,char t)//cur能否变成t
{
    if(cur=='w')return t=='a'||t=='b';
    if(cur=='x')return t=='b'||t=='c';
    if(cur=='y')return t=='a'||t=='c';
    if(cur=='z')return 1;
    return cur==t;
}
ll n,m,ans;

ll s[MAXN],w[MAXN];//单调栈求解最大只有1的子矩形
void work(char t)//这一次都变成t
{
    for(ll i=1;i<=n;++i)//先造出01矩形,顺便处理出up[i][j]表示(i,j)最多可以向上延伸多少个1
        for(ll j=1;j<=m;++j)
        {
            a[i][j]=vaild(str[i][j],t);
            up[i][j]=a[i][j]?up[i-1][j]+1:0;
        }
    ll top=0;
    for(ll i=1;i<=n;++i)
    {
        for(ll j=1;j<=m;++j)
        {
            ll sum=0;
            while(top&&s[top]>=up[i][j])
            {
                sum+=w[top];
                umax(ans,s[top]*sum);
                --top;
            }
            ++sum;
            s[++top]=up[i][j];w[top]=sum;
        }
        ll sum=0;
        while(top)
        {
            sum+=w[top];
            umax(ans,s[top]*sum);
            --top;
        }
    }
}
int main()
{
    while(scanf("%lld%lld",&n,&m)!=EOF)
    {
        ans=0;
        for(ll i=1;i<=n;++i)scanf("%s",str[i]+1);
        work('a');work('b');work('c');//枚举三个字符
        printf("%lld\n",ans);
    }
    return 0;
}