题意分析

由题意可知，当从1号基站到N号基站的路径，并指定路径不超过K条电缆，可免费提供升级服务。

一定要记住是指定路径不超过k条电缆。

也就是找最小的第k+1条边。当1到n的最短路径边数小于小于等于k时，电缆全部免费，也就是0。当最短路径边数大于k时，找最小的第k+1条边。也就是最后的结果。
可知，我们的答案一定在0元到L元的花费中。因此可以用二分的方法，对花费进行二分，条件为不超过k条电缆。
check:最短路径的边数是否小于k。小于k，则向左，也就是r=mid,反之亦然，直到最后一步，大于x的边的数量为k条,继续二分到比x大的边有k+1条时。

#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<deque>

using namespace std;

const int N =1010,M=20010;
int n,m,k;
int h[N],e[M],w[M],ne[M],idx;
int dist[N];
deque<int> q;
bool st[N];

void add(int a,int b,int c)
{
    e[idx]=b,w[idx]=c,ne[idx]=h[a],h[a]=idx++;
}

bool check(int bound)
{
    memset(dist,0x3f,sizeof dist);
    memset(st,0,sizeof st);

    q.push_back(1);            //spfa
    dist[1]=0;

    while(q.size())
    {
        auto t=q.front();
        q.pop_front();

        if(st[t])  continue;
        st[t]=true;

        for(int i=h[t];~i;i=ne[i])
        {
            int j=e[i],x=w[i]>bound;
            if(dist[j]>dist[t]+x)
            {
                dist[j]=dist[t]+x;
                if(!x)   q.push_front(j);
                else q.push_back(j);
            }
        }
    }
    return dist[n]<=k;
}

int main()
{
    cin>>n>>m>>k;     //k为限制条件
    memset(h,-1,sizeof h);
    while(m--)
    {
        int a,b,c;
        cin>>a>>b>>c;
        add(a,b,c),add(b,a,c);//无向图
    }

    int l=0,r=1e6+1;   
    while(l<r)
    {
        int mid=l+r>>1;
        if(check(mid))  r=mid;
        else l=mid+1;
    }

    if(r==1e6+1)  cout<<-1<<endl;
    else cout<<r<<endl;
    return 0;
}