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今天是贝茜的生日，为了庆祝自己的生日，贝茜邀你来玩一个游戏．

贝茜让 $N$ 头奶牛（编号 $1$ 到 $N$）坐成一个圈。

除了 $1$ 号与 $N$ 号奶牛外，$i$ 号奶牛与 $i-1$ 号和 $i+1$ 号奶牛相邻，$N$ 号奶牛与 $1$ 号奶牛相邻。

农夫约翰用很多纸条装满了一个桶，每一张纸条中包含一个 $1$ 到 $1000000$ 之间的数字。

接着每一头奶牛 $i$ 从桶中取出一张纸条，纸条上的数字用 $A_i$ 表示。

所有奶牛都选取完毕后，每头奶牛轮流走上一圈，当走到一头奶牛身旁时，如果自己手中的数字能够被该奶牛手中的数字整除，则拍打该牛的头。

牛们希望你帮助他们确定，每一头奶牛需要拍打的牛的数量。

即共有 $N$ 个整数 $A_1,A_2,…,A_N$，对于每一个数 $A_i$，求其他的数中有多少个是它的约数。

输入格式

第一行包含整数 $N$。

接下来 $N$ 行，每行包含一个整数 $A_i$。

输出格式

共 $N$ 行，第 $i$ 行的数字为第 $i$ 头牛需要拍打的牛的数量。

数据范围

$1 \le N \le 10^5$,
$1 \le A_i \le 10^6$

输入样例：

5
2
1
2
3
4

输出样例：

2
0
2
1
3

思路

如果我们直接考虑因数暴力枚举，时间复杂度是$O(n^2)$的，肯定会$TLE$。
那我们考虑倍数，如果存在一个数$x$，那么$2\times x,3\times x\cdots \lfloor \dfrac{max\_num}{x}\rfloor\times x$都是$x$的倍数，所以那些牛都会拍$x$的头。
所以我们从值域出发，不断累加，最终得出答案

代码

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <unordered_map>
using namespace std;
const int N = 100010,M = 1000010;
int n;
int a[N];
int cnt[M];
int ans[M];
int main () {
    cin >> n;
    for (int i = 1;i <= n;i++) {
        cin >> a[i];
        cnt[a[i]]++;
    }
    for (int i = 1;i < M;i++) {
        if (cnt[i]) {
            for (int j = i;j < M;j += i) ans[j] += cnt[i];
        }
    }
    for (int i = 1;i <= n;i++) cout << ans[a[i]] - 1 << endl;   //不包括自己
    return 0;
}